在C语言中的输入/输出变量

Question

假设您有一个在C中初始化指针的函数：

void initialize(Pointer * p);

我会说参数p是[out]参数。

然后我们有一个函数获取p并操纵它。

void manipulate(Pointer * p)

现在我怀疑p是[out]还是[in/out]。

我会说[out]，因为我们只是操纵它。 我会说[in/out]，因为传入的内容已经被初始化了。

我想知道哪个是正确的？

- arash

Answer 1

声明中没有任何迹象表明这一点。唯一真正的确定是函数内部的代码。

在更现代的实现中，const 关键字可用于指示只读参数：

void manipulate(const Pointer * p)

这意味着函数内部无法给*p赋值，因此它是只读（或in）类型。但是，如果缺少const，它仍然可以是只读的。

- wallyk

Answer 2

标准C语言中没有直接的输入/输出概念。但是您可以通过定义自己的宏来实现。

实际上，所有参数传递都是通过仅有的两种方法完成的。

1. pass by value
2. pass by address

而且你可以自行决定如何操作。 如果你不想修改传入的参数，那么请使用const。

- Omkant

Answer 3

如果Pointer类型本身不是一个实际的指针，比如typedef int *Pointer，那么initialize函数就不能为参数分配内存。

在这种情况下，您必须将指针作为引用传递，即必须传递指针的地址，这意味着函数应该以指向指针的指针作为参数。

void initialize(Pointer **p)
{
    *p = malloc(sizeof(Pointer));
    ...
}

称为

Pointer *p;
initialize(&p);

- Some programmer dude

Answer 4

两者都不完全正确。

您正在传递一个函数指针。因此，它可以被视为输入，因为您传递了指针的值。另外，它也可以被视为输出，因为您可能会更改其指向的内容。

所以我不会采用这个输入或输出理论。我会将其仅视为指针本身 :)

- P.P

Answer 5

例子1

char buf[256];

void manipulate(char * p)
{
    strcpy(p,"Just test string");
}

int main()
{
    manipulate(buf);
    printf("%s\n",buf);
}

在上面的例子中，buf字符串被初始化为静态缓冲内存。这里的manipulate函数将会把一条消息复制到缓冲内存中。 例子2

char *buf;

void initialize(char **p)
{
    *p = malloc(256*sizeof(char));
}

void manipulate(char * p)
{
    strcpy(p,"Just test string");
}

int main()
{
    initialize(&buf)
    manipulate(buf);
    printf("%s\n",buf);
}

在第二个例子中，buf是一个指向未在定义中初始化的字符串的指针。这里的initialize函数将会初始化缓冲区，这就是为什么我们使用了char **p，这意味着函数将初始化指针的地址。如果我们像在函数manipulate()中所做的那样传递带有*p的变量，这意味着我们只能更改指针p所指向的内存的内容。

- MOHAMED