Qt Designer中的自定义菜单操作

Question

我目前正在使用Qt Designer构建GUI，并且想要自定义菜单操作的槽。

例如：我希望用户按下菜单动作，如果部件已隐藏，则显示它；如果已经可见，则隐藏它。

基本上，我的意思是执行我的代码而不是默认的操作，例如show()或hide()。

因此，我想知道是否应该创建QMenuBar的子类，向其中添加自定义插槽，然后创建插件以在Qt Designer中使用它，还是应该为QMenu或QAction创建子类？或者这并不是正确的方法？

我正在Visual Studio下工作，只使用Qt Designer，没有使用Qt Creator。

我对GUI和Qt编程是新手，我有点迷茫。

提前致谢:)

- Jeff Bencteux

Answer 1

您基本上有两个选择：

1. 在Mainwindow子类中实现自定义逻辑。
   为此，在该类中添加所需的处理槽，并使它们在Qt Designer中可用。您可以这样做：
   要么在Signal / Slot编辑器中单击“修改”，然后单击+符号。通过这种方式，您可以在QtDesigner中提供新的槽；
   或者当您的槽被称为on_(senderName)_(signalName)时，Qt自动连接信号，您不必在代码或设计中进行操作。

2. 创建QMenuBar子类并在其中实现自定义逻辑。
   对于您的情况，请告诉Qt Designer选择您的特定子类作为默认QMenuBar的替代品，右键单击它，并选择“升级到...”。在新对话框中，您可以指定将在实际代码中用作替换的自定义类，但在设计时间中使用QMenuBar。使用此方法，您无需编写单独的插件即可在Qt Designer中提供您的类。

请注意，使用第二个选项时，只有通过菜单栏触发的操作才会调用您的自定义逻辑，而不是通过快捷键或工具按钮。

- king_nak

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谢谢回答，这正是我在寻找的。不过，解决方案2更适合我的需求 :) - Jeff Bencteux

Answer 2

在你的类中创建一个插槽：

onMenuActionTriggered()

使用connect()来响应动作的信号：

connect(ui.myAction, SIGNAL(triggered()), this, SLOT(onMenuActionTriggered()));

在您的插槽中，您可以做任何想做的事情。

另一种解决方案（不是我最喜欢的，但是可能的）是使用自动连接功能，这意味着通过声明一个名为'on_myAction_triggered()'的插槽（其中myAction是您的QAction的名称），您不需要使用connect()，因为它已经被Qt自动连接了。

- Robert

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问题是，Qt Designer 中使用的 QMenuBar 是默认的，因此我没有任何它的子类。我的问题（如上所述）是，我是否应该为我想要的内容创建一个子类。 - Jeff Bencteux

信号是由操作而不是菜单栏发出的。因此，通过在设计器中添加操作到菜单中，会自动生成对象，这些对象可以在connect中使用。 - Robert

Answer 3

菜单栏会自动添加到任何派生自QMainWindow的新表单中（在创建GUI应用程序时默认使用，但您可以使用文件->新建文件或项目...并选择Qt-> Qt Designer表单类来创建新的主窗口）。

要向其添加选项，只需单击标有“在此处键入”的区域并编写选项文本。这样做会在Qt Designer的下部列表中显示一个操作。右键单击该操作并选择“转到插槽”。它将弹出一个对话框，并已为您选择了“triggered()”，只需单击“确定”，Qt Creator将处理所有详细信息并将您传输到插槽函数的主体中。

- Diego Sánchez

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谢谢你的回答。问题是我正在Visual Studio下编程，我只使用Qt Designer而不是Qt Creator，并且每次编译都是在VS下完成的，所以我无法右键单击并转到代码。我将编辑问题以使其更准确。 - Jeff Bencteux