如何在Symfony2中的非控制器类中解析路径

Question

我有一个表单构建器类，继承自AbstractType，我需要解析这样的路径：

$uri = $router->generate('blog_show', array('slug' => 'my-blog-post'));

由于这个类不是Controller的子类，我无法访问路由器。有什么想法吗？

那么，在构建时将路由器传递给该类怎么样？

- Alexander Theißen

Answer 1

你可以通过构造函数将router服务传递给你的表单类型。使用form.type标签将你的表单注册为服务，并向其注入router服务。

<?php
namespace Vendor\Bundle\AppBundle\Form\Type;

use Symfony\Component\Form\AbstractType;
use Symfony\Bundle\FrameworkBundle\Routing\Router;

class PostType extends AbstractType
{
    /**
     * @var Router
     */
    private $router;

    /**
     * @param Router
     */
    public function __construct(Router $router)
    {
        $this->router = $router;
    }

    /**
     * @return string
     */
    public function getName()
    {
        return 'post';
    }

    // ...
}

将其注册为服务：

services:
    form.type.post:
        class: Vendor\Bundle\AppBundle\Form\Type\PostType
        arguments: [ @router ]
        tags:
            - { name: form.type }

然后在您的控制器中像这样使用它：

public function addAction(Request $request)
{
    $post = new Post();
    $form = $this->createForm('post', $post);

    // ...
}

既然你已经使用了form.type标签将你的表单类型注册为服务，那么你可以直接使用其名称而不是用new PostType()。并且你可以在你的类型中使用$this->router来访问router服务。

- Elnur Abdurrakhimov

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你能为 arguments: [ @router ] 指定 PHP 模板版本代码吗？ - code-jaff

请查看此部分中的PHP选项卡。 - Elnur Abdurrakhimov

Answer 2

如果您要在某个控制器中使用表单构建器类，您可以更简单地实现它，并使表单构建器更加灵活：

public function someAction() {
    //...

    $task = new Task();
    $form = $this->createForm(new TaskType(), $task, array(
        'action' => $this->generateUrl('target_route'),
        'method' => 'GET',
    ));
}

在表单类型类中不需要设置URL。 在这里阅读更多信息： http://symfony.com/doc/current/form/action_method.html

- meteor

Answer 3

你可以将这个类定义为一个服务，并将路由器服务注入其中。

更多信息：服务容器。

- Inoryy