从一个命名空间内部调用几个命名空间中重载的函数

Question

我有以下代码片段：

我有以下代码片段：

void foo(double a) {}

namespace bar_space
{
  struct Bar {};

  void foo(Bar a) {}
}

foo(double)是一个库中的通用函数。 我有自己的命名空间bar_space和自己的结构体Bar。我想为Bar实现对foo()的重载，从而使Bar更类似于内置类型。

问题出现在当我试图从命名空间内部调用原始的foo(double)时：

namespace bar_space
{
  void baz()
  {
    foo(5.0); // error: conversion from ‘double’ to non-scalar type ‘ssc::bar_space::Bar’ requested
  }
}

这段代码在我的Fedora和Mac上使用gcc编译失败。

调用

foo(5.0)

从命名空间外部或使用

namespace bar_space
{
  ::foo(5.0)
}

这个工作正常，但这并没有使我的新函数像我希望的那样好（其他开发人员也在bar_space内工作）。

bar_space是否隐藏了原始函数？有没有办法使foo(5.0)可以从bar_space内部调用而不需要显式范围解析符(::)？任何帮助都将不胜感激。

- Christian Askeland

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我是C++的新手，但是你能否使用类似于using bar_space::foo;这样的东西？ - dreamlax

这将有助于在bar_space之外使用foo(Bar)，但无法将foo(double)引入bar_space。 - Christian Askeland

类似的东西是可能的：http://codepad.org/0IcNXZb6 - DaVinci

Answer 1

在C++中，有一个叫做名字隐藏的概念。基本上，如果在嵌套作用域中存在一个同名的函数/类，则该函数或类名称将被“隐藏”。这会防止编译器“看到”隐藏的名称。

C++标准的第3.3.7节如下所述：

通过在嵌套的声明区域或派生类（10.2）中显式声明相同的名称可以隐藏名称。

因此，回答您的问题：在您的示例中，void foo(double a);被void bar_space::foo(Bar a);“隐藏”。因此，您需要使用::作用域运算符来调用外部函数。

- Charles Salvia

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没有bar_space::foo(double)。 - DaVinci

标准已经明确了，谢谢澄清。 - Christian Askeland

这里缺少的一部分是，在进行名称隐藏之后才应用名称重整。如果反过来，那么代码将按照（错误的）预期工作。 - breakpoint

Answer 2

然而，在你的示例代码中，你可以使用类似这样的东西。

namespace bar_space 
{
    using ::foo;
    void baz()
    {
       Bar bar;
       foo(5.0);
       foo(bar);
    }
}

- mattanjah

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我本来要发布这个答案，只是测试了一下，对我来说编译得很好。（我也被工作中的会议等事情分心了） - CashCow

Answer 3

是的，bar_space 隐藏了原始函数，不，你不能使 foo(5.0) 在没有显式作用域的情况下从 bar_space 中调用，如果 foo(double) 在全局命名空间中定义。

- Simone

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好的，我会使用::。虽然我没有提到，但foo（）实际上是从math.h中定义在全局命名空间中的ceil（）函数。 - Christian Askeland

@Christian - 如果你包含<cmath>（这本来就应该这样做），那么ceil将被包含在std命名空间中，这样你的问题就会消失。 - Charles Salvia

我刚刚完成了。问题消失了。是的，我应该一直使用<cmath>... - Christian Askeland