获取上传到Flask的文件路径

Question

我有一个Python网络应用程序，在本地运行于网页浏览器，方便用户界面、处理用户选择的文件并保存已处理数据。我需要添加一个功能，即在选择的文件所在的同一文件夹中创建一个新的子目录（即如果文件位于path/fname.txt，则需要创建path/fname/目录以存放已处理数据）。如何访问此文件的路径？

在其他项目中，我曾要求单独获取路径，但这很笨拙，我不想每个文件都强迫用户执行这个多余的步骤。

@app.route('/getthefile', methods=['POST'])
def getthefile():
    file = request.files['myfile']
    filename = secure_filename(file.filename)
    new_path = os.path.abspath(filename)
    # gives me the wrong path

- K Hutch

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你是如何解决这个问题的？ - Navi

@Navi 这个能帮到你吗？链接 - Gitau Harrison

页面未找到@GitauHarrison - Navi

Answer 1

为了不暴露客户端系统的不必要信息，HTTP请求只发送文件名，不发送完整路径。请查看HTTP多部分/表单数据请求。

Content-Type: multipart/form-data; boundary=AaB03x

--AaB03x
Content-Disposition: form-data; name="submit-name"

Larry
--AaB03x
Content-Disposition: form-data; name="files"; filename="file1.txt"
Content-Type: text/plain

... contents of file1.txt ...
--AaB03x--

正如您所看到的，信息非常少。路径未提供。

同样，文件 API 仅允许访问文件名。

因此，不幸的是，您将无法从文件输入中获取完整路径。

- Theron Luhn