Symfony 4 中如何使用简单函数？

Question

我希望在Symfony 4中使用一个简单的函数，就像这样：

src/Service/Utils.php

<?php

namespace App\Service;

/**
 * @param string $attr
 *
 * @return bool
 */
function attributNilTrue($attr): bool
{
    return json_encode($attr) === '{"@attributes":{"nil":"true"}}';
}

some/other/file.php

use function App\Service\attributNilTrue;

if (attributNilTrue($foo['bar'])) {
    // Do something...
}

但是我遇到了以下错误：

自动加载程序期望在文件“/var/www/interop/vendor/composer/../../src/Service/Utils.php”中定义类“App\Service\Utils”。虽然找到了该文件，但其中没有该类，类名或命名空间可能存在拼写错误。

是否有一种方法可以不必创建Utils类而实现这个目的？

- Baptiste Costa

---

基本上不行。php 不支持函数的自动加载。一个静态类函数是你最好的选择。或者找到最佳位置来使用 require 语句。 - Cerad

Answer 1

你可以在composer中使用自动加载器files键。

在你的composer.json文件中包含如下内容：

{
    "autoload": {
        "files": ["src/utility_functions.php"]
    }
}

（其中src / utility_functions.php 是包含您的函数定义的文件。）

倒入您的自动加载程序（composer dump-autoload ），以便将其合并到您的自动加载程序文件中，无论您在此文件中定义什么函数，它们都将在每个请求中可用。

您的典型Sf4已经包括一个PSR4条目，因此您需要添加自己的条目。最终结果看起来会更或多或少像这样：

"autoload": {
    "psr-4": {
      "App\\": "src/"
    },
    "files": [
      "src/utility_functions.php"
    ]
  },

- yivi

Answer 2

我建议将这样的函数封装在类中，例如：

namespace App\Service;

class Utils
{
    /**
     * @param string $attr
     *
     * @return bool
     */
    public static function attributNilTrue($attr): bool
    {
        return \json_encode($attr) === '{"@attributes":{"nil":"true"}}';
    }
}

如果您已经为该目录配置了自动加载，则应自动加载它 - 否则，请添加以下服务定义：

App\Service\Utils:

然后您可以像这样使用它：

use App\Service\Utils;

...

if (Utils::attributNilTrue($foo['bar'])) {
    // Do something...
}

这样做有以下好处：

1. 根据PSR4（https://www.php-fig.org/psr/psr-4/）正确定义了您的类：

2.3.3：
终止类名对应于以 .php 结尾的文件名。文件名必须与终止类名的大小写匹配。

2. 您不需要烦恼于composer。
3. 当您将来需要在这些函数/方法中使用某些依赖项时，您可以轻松注入它们，因为它是一个服务。

- domis86