如何在Kotlin中获取当前类的文件名

Question

在Java中，我可以使用以下代码：

public class Ex {
    public static void main(String [ ] args) {
        String path = Ex.class.getProtectionDomain().getCodeSource().getLocation().getPath();
        String decodedPath = URLDecoder.decode(path, "UTF-8");
    }
}

但是在 Kotlin 中，主函数是在类之外定义的。我如何获取它的当前文件名？

- pozklundw

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你想要实现什么目标？ - yole

这是否相当于在C中获取argv [0]？ - hippietrail

Answer 1

作为一种解决方法，将main方法放入伴生对象中。 以下代码将显示与您的Java代码相同的路径：

class ExKt {
  companion object {
    @JvmStatic fun main(args: Array<String>) {
        val path = ExKt::class.java.protectionDomain.codeSource.location.path
        println("Kotlin: " + path)
    }
  }
}

- Eugene Krivenja

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由于某些原因，protectionDomain对于Android Activity类返回null :( - Liker777

@Liker777，这段代码与Android运行时不兼容。请参见https://dev59.com/aYbca4cB1Zd3GeqPYaEP - Eugene Krivenja

作为替代方案，我通过栈跟踪获取了带有扩展名的文件名，剩下的问题是如何找到该文件的路径。解决方法是在包中进行递归搜索文件名，但我相信应该有更简单的方法来返回完整路径... 谢谢。 - Liker777

Answer 2

解决方案是：

class Ex() {
    fun m() {
        var p2 = Ex::class.java.simpleName
        println("p2:${p2}")
    }
}

fun main(args: Array<String>) {
    Ex().m()
}

- pozklundw

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很高兴这段代码解决了你的问题，但它并不是你原始问题的答案。这段代码返回的是Java类的名称，而不是编译自哪个文件的名称。 - yole

同意@yole的观点，此外您可以直接从“main”调用Ex :: class.java.simpleName，在那里创建一个“Ex”实例没有意义。 - Eugene Krivenja