在C语言中，未指定返回类型的函数

Question

我在C语言中发现了这段代码：

#include <stdio.h>
main( )
{
 int i = 5;
 workover(i);
 printf("%d",i);
}
workover(i)
int i;
{
 i = i*i;
 return(i);
}

我想知道函数"workover"的声明如何是有效的？如果我们没有提到函数的返回类型会发生什么呢？（我们可以返回任何东西吗？）参数也只是一个变量名，这是如何工作的？

- Sanjana S

Answer 1

如果您没有指定返回类型或参数类型，C语言会将其隐式声明为int。这是早期C语言版本（C89和C90）的“特性”，但现在通常被认为是不良实践。自C99标准（1999年）以来不再允许这样做，因此针对C99或更高版本的编译器可能会给出类似以下警告的警告：

program.c: At top level:
program.c:8:1: warning: return type defaults to ‘int’
 workover(i)
 ^

- Frxstrem

Answer 2

在旧版本的C语言中，使用函数声明语法是有效的，因此代码片段 "workover(i) int i;" 等价于 "workover(int i)"。不过，根据使用的编译器选项，它可能仍会生成警告甚至错误。

- user4411382

---

它不再有效：“C99在大多数情况下与C89向后兼容，但在某些方面更严格。特别是，缺乏类型说明符的声明不再具有隐含的int。"这就是为什么会产生警告的原因。 - Frxstrem

这两者并不完全等价；workover(i) int i; 不是原型，但 workover(int i) 是。这类似于 int main() 和 int main(void) 之间的区别。 - M.M

Answer 3

当我使用以下命令编译您的代码时：$ gcc common.c -o common.exe -Wall （由于我现在没有我的Linux系统，因此尝试在Cygwin终端上执行），我会得到以下警告：

common.c:3:1: warning: return type defaults to ‘int’ [-Wreturn-type]
main( )
^
common.c: In function ‘main’:
common.c:6:2: warning: implicit declaration of function ‘workover’ [-Wimplicit-f                  unction-declaration]
workover(i);
^
common.c: At top level:
common.c:9:1: warning: return type defaults to ‘int’ [-Wreturn-type]
workover(i)
^
common.c: In function ‘main’:
common.c:8:1: warning: control reaches end of non-void function [-Wreturn-type]
}
^

1. 第一和第三个警告表明，返回类型默认为'int'这意味着如果您没有指定返回类型，编译器将隐式声明其为int。
2. 第二个警告表示函数'workover'的隐式声明因为编译器不知道workover是什么。
3. 第三个警告很容易理解，如果您解决了第一个警告，则它将消失。

您应该按照这种方式进行操作：

#include <stdio.h>

int workover(int);

int i;

int main(void)
{
    int i = 5;
    workover(i);
    printf("%d",i);     //prints 5
    return 0;
}

int workover(int i)
{
    i = i*i;    //i will have local scope, so after this execution i will be 25;
    return(i);  //returns 25
}

- WedaPashi