使用调试选项创建makefile

Question

我创建了一个（非常简单的）makefile：

DEBUG = -DDEBUG

main: main.c add.c
   gcc $(DEBUG) main.c add.c -o main -lm

我想要（但不知道如何实现）的是创建一个Makefile，这样如果用户输入make debug，则代码将使用debug选项编译，但仅输入make时将忽略debug。如何最好地实现这一点？

- user16655

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可能是在同一个Makefile中从一个配方更改一个make变量并调用另一个规则？的重复问题。 - Jonathan Wakely

Answer 1

您可能正在寻找类似以下的内容：

main: main.c add.c
   gcc $(DEBUG) main.c add.c -o main -lm

debug: DEBUG = -DDEBUG

debug: main

- downhillFromHere

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谢谢，这有效。唯一的问题是，如果我写'make'，然后是'make debug'或者反过来，它仍然编译到我第一次写的'make'。是否可能创建makefile，使得每次重新编译时都使用我给出的选项？ - user16655

不，它不会在你运行第一个“make”时编译。它只是检查你的源文件是否比可执行文件更新。如果没有，它将不会执行任何操作。因此，除非在两次运行之间更新源文件，否则你运行的第二个“make”将不会做任何事情。但是，如果你想让“make debug”始终重新编译，只需添加“.PHONY: debug”。 - downhillFromHere

添加.PHONY: debug是没有帮助的。这只会使得debug目标本身成为伪目标，而该目标并没有任何命令。你需要编写一个“clean”规则，然后在两次调用make之间运行make clean。或者，修改你的Makefile文件，使得调试版本被创建在不同的目录中。 - MadScientist

@MadScientist 感谢指出这个问题。显然，这是因为我忘记恢复的更改导致在我测试时它可以工作。 - downhillFromHere

因此，您可以在第一条规则中执行 main debug: main.c add.c，而不是将 debug 设置为虚假的，以确保 make debug 始终重新编译。 - downhillFromHere

Answer 2

This may be late, ...

基本思想是在子目录中构建所有对象，比如./build。 我们使用make编译时，在./build中创建一个发布文件，使用make debug创建一个调试文件。因此，如果在make debug时存在发布文件，则删除./build中的所有内容，然后进行构建。

all: $(BD)/release $(bin1) $(bin2)

debug: CFLAGS += -g -DDEBUG=1
debug: CXXFLAGS += -g -DDEBUG=1
debug: $(BD)/debug $(bin1) $(bin2)

$(BD)/%.o: %.c Makefile # changes in Makefile will cause a rebuild
    @mkdir -p $(BD)
    $(CC) $(CFLAGS) -c -o $@ $<

$(BD)/%.o: %.cpp Makefile
    @mkdir -p $(BD)
    $(CXX) $(CXXFLAGS) -c -o $@ $<

$(BD)/release:
    @if [ -e $(BD)/debug ]; then rm -rf $(BD); fi
    @mkdir -p $(BD)
    @touch $(BD)/release

$(BD)/debug:
    @if [ -e $(BD)/release ]; then rm -rf $(BD); fi
    @mkdir -p $(BD)
    @touch $(BD)/debug

- ABacker

Answer 3

我想出了这个解决方案，它依赖于bash变量替换。

Makefile:

main: main.c add.c
    ${CC} `echo $${DEBUG+-DDEBUG}` main.c add.c -o main -lm

当环境变量 DEBUG 被定义为任何值（即使为空），此 makefile 将会向编译器注入有用的 -DDEBUG。因此，调用看起来像这样:

DEBUG=1 make main

- bgStack15