如何让Gulp LESS只输出主文件，忽略包含文件？

Question

我有一个文件夹，里面装满了我的应用程序文件夹中的LESS文件。有两个主要文件和几个包含文件，所有这些文件都以“_”为前缀。我只想将这两个文件及其源映射输出到我的构建文件夹中，但是默认设置会输出所有的less文件:

var gutil = require('gulp-util');
var changed = require('gulp-changed');
var path = require('path');
var less = require('gulp-less-sourcemap');

gulp.task('less', function() {
  gulp.src('./app/less/*.less')
     .pipe(less({
        generateSourceMap: true, // default true
        paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
    }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});

我可以把我的包含文件放在一个子目录中，但如果不必这样做，我宁愿不编辑LESS。

更新

我知道如何在gulp.src中指定一个单个文件，但我有两个LESS文件需要分别制作成两个CSS文件，并且每个文件都有自己的映射。

- Steve

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gulp.src('./app/less/main.less') 不行吗？ - Florent

我添加了一个更新：我在那里有 main.less 和 theme.less。 - Steve

Answer 1

解决方案1：

使用event-stream工具。

gulp.task('less', function(cb) {
  var lessc = less({
    paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
  });
  return es.merge(
    gulp.src('app/less/main.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css')),
    gulp.src('app/less/theme.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css'))
  );
});

解决方案2：

创建两个任务。

gulp.task('less', ['less:main', 'less:theme']);
gulp.task('less:main', function() {
  return gulp.src('./app/less/main.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});
gulp.task('less:theme', function() {
  return gulp.src('./app/less/theme.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});

- Florent