我正在重构一个代码库,以便与PHP7一起使用,特别是实现标量类型提示和返回类型提示时,遇到了一个问题。
我有一个带有某些属性的类,其中一个属性是 id。这个 id 不是必需的(你可以构造一个没有设置 id 的对象)。当创建这个类的新对象时,不设置 id,只有在将其插入到数据库中(由一个单独的映射器类)时,它才会获得一个 id。
这个映射器类需要检查对象是否已经存在于数据库中,它通过检查 id 是否设置来完成这项工作:
if(empty($exampleObject->getId())) {
// Insert object
} else {
// Update object
}
我正在对代码库中的每个函数应用返回类型提示,问题在于函数getId()
如果我强制使用一个int返回类型,则不能返回NULL。即使没有启用严格类型检查,在没有严格类型检查的情况下仍会出现TypeError错误:
Fatal error: Uncaught TypeError: ExampleClass::getId()的返回值必须是整数类型,返回了null
我考虑不为此getter设置返回类型提示,但我后来意识到问题可能不是返回类型提示,而是我使用混合返回类型。我记得在某处读到使用混合返回类型是一件糟糕的事情,但我不知道如何在不使用混合返回类型的情况下解决这个问题。我可以:
- 在getter中抛出异常,并在映射器类中设计检查,以捕获那个异常。
- 捕获TypeError异常,并使用它表示id未设置。
- 将id属性公开,以便我可以直接调用isset。
- 添加一个不同的方法
hasId() return isset($this->id)
实际上,我并不真正喜欢这些解决方案,我想知道是否有更好的选择。像这种情况的最佳实践是什么?
此外,如果我没有启用严格类型检查,我应该只会得到一个TypeError吗?我记得PHP7默认为“弱类型提示”。
int?
作为返回类型。 - tkauslTypeError
,这并不完全正确。PHP默认情况下会尝试在类型之间进行强制转换,但如果无法进行转换,它将抛出一个TypeError
,至少对于使用PHP编写的用户函数而言是如此。然而,内置/扩展函数在非严格模式下不会引发TypeError
。 - Andrea