在PHP中获取类名而不必拥有该类的实例

Question

我正在寻找以下 PHP 函数：

class foo
{
}

echo get_class_special(foo);  // returns the string 'foo'

PHP有没有一个函数可以在不创建类的实例的情况下获取类的名称？

- user1027167

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你会从哪里获取类名？我的意思是，你传递了 foo 并期望得到 foo 返回值，如果类名是 bar，你会放入 bar 并得到 bar 返回值... - CodeCaster

如果您没有对象的实例，就无法将该对象传递给任何东西。这意味着您已经必须知道类名，以便实例化它，这反过来使您的函数变得多余... - Repox

你不是必须要知道类的名称才能运行函数吗？对不起，也许我漏了什么，但我真的看不出这样做有任何实际用途。 - GordonM

可能是PHP：从扩展类的静态调用中获取类名的重复问题。 - Merlyn Morgan-Graham

@Repos：foo和'foo'的区别在于解释器知道我使用foo时的意思，但不知道我使用'foo'时的意思。如果foo中有打字错误，它会通知我，而'foo'则不会。因此，如果可能的话，我更喜欢写foo而不是'foo'。现在我正在使用“get_class(new foo())”。但我希望能够找到一种不需要使用new的方法。 - user1027167

Answer 1

<?php

class Foo {
    const NAME = __CLASS__;
    // or
    public static $NAME = __CLASS__;
    // or
    public static function getName() {
        return __CLASS__;
    }
}

Foo::NAME; // Foo
// or
Foo::$NAME; // Foo
// or
Foo::getName(); // Foo

?>

- Saxoier

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如果类Bar继承自Foo，这段代码将无法正常工作。Bar::NAME将返回“Foo”。PHP 5.5引入了::class常量来解决这个问题。例如：Bar::class - Serhii Smirnov

Answer 2

我感觉有些人对于PHP中的动态类型存在一些困惑：在PHP中不存在class类型的对象，类是通过它们的名称来表示的。因此，如果你在应用程序中写了foo，你会得到一个警告，并且foo将被解释为字符串'foo' - 即使有一个同名的类。

所以，如果你需要调用一个存在于变量中的类的静态函数，你可以这样做：

$class = 'Foo';
$class::staticFuntion(); // will call Foo::staticFunction()

这甚至更进一步，你可以使用变量引用变量:

$className = 'Foo';
$ref = 'className';
$$ref::staticFunction(); // will call Foo::staticFunction()

- soulmerge

Answer 3

从PHP 5.5开始，您可以使用foo::class。请参见此答案。

- Josh Johnson

Answer 4

为什么不创建静态函数，例如：

class foo {

    public static function myClass() {
         return get_class($this);
    }
}

在你的代码中，你可以使用

foo::myClass();  //return string 'foo'

但是在这里，您需要知道类的名称才能调用它，因此有些多余。如果例如您想要获取类的属性而不实例化它，因为当开发代码时它们可能会发生变化，那么这将是有意义的。

- Zefiryn

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这是Merlyn Morgan-Graham在上面提供的链接中描述的方法。不同之处在于，使用'return get_called_class();'代替'return get_class($this);'。我认为在静态函数中不能使用'$this'。 - user1027167

Answer 5

我猜没有办法在没有对象的情况下获取类名。但是如果你的实例只声明了一个类，那么你可以使用以下方法来获取它。

get_declared_classes();

- Jigish Thakar