解析JSON时未调用数据对象构造函数

Question

我将从服务器获取一些数据，然后将其解析为TypeScript类。我尝试使用一些继承 - 每个类都需要能够报告其类型。以下是其工作原理：

这是基类。

import { PageElementType } from './page-element-type'

export class PageElement {
    pageElementType: PageElementType;
    constructor(aPageElementType: PageElementType) { 
        this.pageElementType = aPageElementType; 
    }
}

这是一个派生类。

import { PageElement } from './page-element.model'
import { PageElementType } from './page-element-type'

export class Metadata extends PageElement {
    id: number;
    body: string;

    constructor(){
        super(PageElementType.metadata);
    }
}

这是我调用的解析数据的服务函数。

getExam(){
    let exam = this.http.get('http://orangeberry.hopto.org/api/Exam/1')
    .map((response:Response) => <Exam>response.json())
    .do(data => console.log(data));
    return exam;
}

看起来我得到了一些普通对象。我想要有意义的、实用的对象，这些对象实际上遵循类定义。对于我的情况，最简单、最直接的方法是什么？

- Dean Panayotov

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你期望一个 Exam 的实例吗？ - Günter Zöchbauer

是的。如果我的示例代码有误导性，我很抱歉：类型功能是在其他类中实现的，而不是在Exam本身中实现的。Exam包含一个Metadata对象数组。 - Dean Panayotov

Answer 1

类型转换只是静态代码分析的提示，对运行时没有任何影响。

如果你想要该值成为某个类的实例，你需要自己创建这样一个实例：

.map((response:Response) => new Exam(response.json()))

在Exam类的构造函数中，将JSON解析为其属性。

- Günter Zöchbauer

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我明白了，谢谢！我已经阅读了这里指出的4种反序列化选项：https://dev59.com/gmAh5IYBdhLWcg3wDfkW。最后一种选项对我来说似乎是最好的。我的TypeScript类中的变量名称与json字段匹配。难道没有什么简单的方法可以让我将json解析为pojo，然后将值克隆到我的TypeScript对象中吗？ - Dean Panayotov

如果JSON没有嵌套对象，则返回“Object.keys(json).map(k => this[k] = json[k])”。实际上，我对此部分不太了解，因为我自己没有使用TypeScript。 - Günter Zöchbauer

是的，嵌套对象将阻止这种“自动化”方法。谢谢Günter！ - Dean Panayotov