从Java中调用一个接受参数Option[Long]的Scala函数

Question

我是一位能翻译文本的助手。

我有一个Scala函数，它接受类型为Option [Long]的单个参数。

我想从Java中调用此函数，但是如果我尝试这样做：

Long num = new Long(5);
scalaFunction(Option.apply(num));

我遇到了一个错误，它期望的是一个 Option<java.lang.Object>，而不接受我的 Option<java.lang.Long>。

如果我写成这样就可以编译和运行：

scalaFunction((Object) num);

然而，这种做法感觉有点不大妥当...那么...什么是正确的方法呢？

- EstusFlask

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Scala中的Long类型与Java中的Long类型不同。 - twillouer

例如，Option.apply(scala.Long.unbox(5L))。 - twillouer

这仍然是一个Option<java.lang.Long>选项。我认为我正在尝试解决的问题是，为什么在Java中显示为想要Option<java.lang.Object>类型参数的函数在Scala中定义，如果这是有意的（由于类型擦除或其他原因），那么我应该如何解决它并正确地通过Java传递Option<Long>？ - EstusFlask

我根本不明白。你想调用的函数需要 X<Object>，但你坚持它必须接受 X<Long>。这有多疯狂？ - Ingo

是的，我也不知道那是否有意义。实际的信息是： ScalaClass中的scalaFunction（scala.Option<java.lang.Object>）无法应用于scalaFunction（scala.Option<java.lang.Long>）。 - EstusFlask

Answer 1

我认为一个简单的 Option<scala.Long> a = Option.apply(scala.Long(5L)); 会起作用 :)

- twillouer

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那对我仍然不起作用。我知道这将创建一个Option<scala.Long>，但从Java方面来看，我拥有的Scala函数也不接受它，它需要Option<java.lang.Object>。 - EstusFlask

Answer 2

我不确定，但我似乎之前遇到过这个问题，这是因为无法将Scala中的方差注释合理地转换为Java造成的。请注意，Option被定义为Option[+A]。如果我定义一个函数foo(x: Option [Long])，那么该函数将接受任何Option[A]，其中A <: Long。然而，没有简单的方法来指示Option的协变性质给Java，所以我认为编译器只会将其呈现为普通的Option。

- Impredicative

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谢谢您的解释。您确认了我的想法。现在我想知道的是我该怎么做。将Java Long强制转换为Object并传递是否安全？这是一个坏主意吗？有更好的方法吗？ - EstusFlask