PHP中的对象类型提示

Question

PHP中的对象类型提示

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我需要帮助理解对象的类型提示。我尝试在stackoverflow上搜索，但没有找到其他用户解释其用法的内容。如果您找到了，请告诉我。

首先，让我解释一下我所理解的内容。

当使用数组类型提示时，用户必须键入一个参数，该参数是一个数组，否则它将抛出错误。

<?php
function something(array $myval)
{
    return print_r($myval);
}

当我尝试使用一个对象时，会出现错误。我可能写错了，但请帮助我理解如何正确编写。

<?php
class Person
{
    function name($name)
    {
        return $name;
    }
}

$foo = new Person();

function doSomething(Person $lname)
{
    return $lname->name;
}

doSomething('smith');

据我所理解，在函数中将参数变量指定为对象Person（在本例中）的类型提示时，参数变量将可以访问对象的方法，就像实例化一个对象并回显其方法时一样。我可能是错的，请纠正我。我的另一个问题是，如果这是正确的，即Person参数可以访问Person方法，那么有什么区别可以和手动实例化Person类并手动回显方法的操作有所不同呢？

- Exploit

可能是PHP类型提示：支持数组，但不支持对象？的重复问题。 - user1646111

你遇到错误是因为'smith'是一个字符串而不是一个对象。你必须将$foo传递给doSomething()才能使其正常工作。 - Jean Paul

我尝试在stackoverflow上搜索 - 你尝试过查找文档吗？所有的内容都在那里解释，并且还有示例。 - axiac

1个回答

网页内容由stack overflow 提供, 点击上面的

可以查看英文原文，
原文链接

- Jean Paul · Accepted Answer

使用你的例子：

$foo = new Person;
$foo->name = 'smith';

$something = doSomething($foo);

echo $something;

类型提示意味着你传递的任何内容都必须是一个实例（与你提示的类型相同）。

因此，如果你提示使用“Person”，那么只有该类型的对象才会被接受。

在你给出的示例中，你试图传递一个字符串而不是一个对象。更新 “类型提示”强制你只传递特定类型的对象。这可以防止你传递不兼容的值，并且如果你与团队一起工作等，则创建了一个标准。

因此，假设你有一个函数sing()。你想确保它只接受Song类型的对象。

让我们创建我们的类Song:

class Song{

public $title;
public $lyrics;

}

我们的函数 sing()。我们会对 Song 进行类型提示，以确保不会传递其他类型的参数：

function sing(Song $song){

echo "Singing the song called " .$song->title;
echo "<p>" . $song->lyrics . "</p>";

}

现在，再次强调，此函数仅接受Song类型的对象，因为这是我们在声明中提示的（Song $song）。

让我们创建一个Song对象并将其传递：

$hit = new Song;

$hit->title = "Beat it!";
$hit->lyrics = "It doesn't matter who's wrong or right... just beat it!";

然后我们调用：

sing($hit);

这将完美地发挥作用。

现在，假设我们有一个类Poem：

class Poem{

public $title;
public $lyrics;

}

$poem = new Poem;

$poem->title = "Look at the sea";
$poem->lyrics = "How blue, blue like the sky, in which we fly..."

如果我们尝试使用我们的函数“sing”来调用它;

sing($poem)

我们会得到一个错误，因为在创建函数 sing() 时，我们提示的对象类型与 $poem 不一致。